已知函数f（x）=ax+x2-xlna（a＞0且a≠1）．（I）求函数f（x）的单调区间；（Ⅱ）比较f（1）与f（-1）的

（Ⅰ）f′（x）=a^xlna+2x-lna，令g（x）=f′（x）=a^xlna+2x-lna，则g′（x）=a^xln2a+2＞0，∴g（x）为（-∞，+∞）上的增山扰返函数．
又∵g（0）=0，∴当x＞0时，g（x）＞g（0）=0，即f′（x）＞0，当x＜0时，g（x）＜g（0）=0，即f′（x）＜0．
∴函数f（x）的单调递增逗饥区间为（0，+∞），单调递减区间为（-∞，0）．
（Ⅱ）f（1）-f（-1）=a+1-lna-

1

a

-1-lna=a-

1

a

-2lna，
设h（a）=a-

1

a

-2lna，则h′（a）=1+

1

a2

-

2

a

=

a2?2a+1

a2

=

(a?1)2

a2

＞0．
故h（a）在（0，1）上单调递增，在（1，+∞）上单调递增，
当a∈（0，1）时，h（a）＜h（1）=0，即f（1）＜f（-1），
当a∈（1，+∞）时，h（a）＞h（1）=0，即f（1）＞f（-1）．
（Ⅲ）当x∈[-1，1]时，
由（Ⅰ）知，f（x）_min=f（0）=1，f（x）_max=max{f（-1），f（1）}，
由（Ⅱ）知，当a＞1时，f（x）_max⁼f（1）=a+1-lna，
由题意知，f（x）_max^-f（x）_min≤e-1，
即a+1-lna-1≤e-1，a-lna-e+1≤0，（a∈（1，+∞））．
设F（a）=a-lna-e+1，则F′（a）=1-

1

a

=

a?1

a

＞0，
故F（a）在（1，+∞）单调递增．
又∵F（e）=e-1-e+1=0，由F（a）≤0，得a∈（1，e]．①
当0＜a＜1时，f（x）_max⁼f（-1）=

1

a

+1+lna，
由题意知，f（x）_max^-f（x）_min≤e-1，
即

1

a

+1+lna-1≤e-1，也就是

1

a

+lna-e+1≤0，
设F（a）=

1

a

+lna-e+1，则F′（a）=-

1

a2

+

1

a

=

a?1

a2

＜0，
故F（a）在（0，1）单调递减．
又∵F（

1

e

）=e-1-e+1=0，由F（a）≤0，得a∈[

1

e

，1）李岩．②
综合①②可得a∈[

1

e

，1）∪（1，e]．